重庆邮电大学通信原理课后习题解答.ppt

解：因为抽样频率为奈奎斯特抽样频率，所以1则码元宽度2所以PAM系统的码元速率因为占空比为0.5，所以，则PAM基带信号第一零点带宽3习题4-9解答单路模拟信号的最高频率为6000Hz，抽样频率为奈奎斯特抽样频率。以PCM方式传输，抽样后按照8级量化，传输信号的波形为矩形脉冲，占空比为0.5。计算PCM系统的码元速率和信息速率；计算PCM基带信号的第一零点带宽。习题4-1001解：（1）因为奈奎斯特抽样频率02量化级数，所以二进制码元速率为03波特04所以，对应的信息速率05因为二进制码元速率与二进制码元宽度呈倒数06关系，所以07因为占空比为0.5，所以08则PCM基带信号第一零点带宽习题4-10解答设输入信号抽样值，写出按A律13折线编成18位码，并计算编码电平和2编码误差，解码电平和解码误差。写出编码器中11位线性3码和解码器中12位线性码。4习题4-11习题4-11解答解：编码过程如下（1）确定极性码：由于输入信号抽样值为负，故极性码=0（2）确定段落码：因为1024870512，所以位于第7段落，段落码为110。（3）确定段内码：因为，所以段内码=1011。所以，编出的PCM码字为01101011。编码电平是指编码器输出非线性码所对应的电平，它对应量化级的起始电平。因为极性为负，则编码电平量化单位因为因此7/11变换得到的11位线性码为。解码误差(即量化误差)为解码电平和抽样值之差。所以解码误差为10个量化单位。所以7/12变换得到的12位线性码为。个量化单位。编码误差等于编码电平与抽样值的差值，所以编码误差为6个量化单位。解码电平对应量化级的中间电平，所以解码器输出为因为习题4-11解答A律13折线PCM编码器，量化区的最大电压为U=2048mV，已知一个抽样值为u=398mV，试写出8位码，并计算它的编码电平、解码电平和量化误差，并将所编成的非线性幅度码（不含极性码）转换成11位线性幅度码。习题4-12习题4-12解答解：（1）因为量化区的最大电压为，所以量化单位为，所以抽样值为398。编码过程如下：确定极性码：由于输入信号抽样值为正，故极性码=1确定段落码，因为512398256所以位于第6段落，段落码为101。确定段内码：因为，所以段内码=1000。所以，编出的PCM码字它表示输入信号抽样值处于第6段序号为8的量化级。该量化级对应的的起始电平为384mv，中间电平为392mv。编码电平对应该量化级对应的起始电平，所以编码电平因为，所以对应的11位线性码为。解码电平对应该量化级对应的中间电平，所以解码电平可见，解码误差（即量化误差）为6mV。习题4-12解答某A律13折线PCM编码器的输入范围为[-5,5]V，如果1样值幅度为-2.5V，试计算编码器的输出码字及其对应的2量化电平和量化误差。3习题4-13习题4-13解答解：因为最大电压值为5V，所以量化单位所以，样值幅度-2.5V表示为-1024量化单位。因为样值为负，而且输入信号抽样值处于第8段序号为0的量化级，所以编码器的输出码字为01110000。该量化级对应的起始电平为，中间电平为量化单位，即-2.578V。所以量化电平为-2.578V，量化误差为78mV。01.采用A律13折线编解码电路，设接收端收到的码字为02.，最小量化单位为1个单位。试问解码器输出为多少03.单位？对应的12位线性码是多少？习题4-14习题4-14解答解：极性码为1，所以极性为正。段落码为000，段内码为0111，所以信号位于第1段落序号为7的量化级。由表4-1可知，第1段落的起始电平为0，量化间隔为Δ。因为解码器输出的量化电平位于量化级的中点，所以解码器输出为+(7×1+0.5)=7.5个量化单位，即解码电平7.5。因为所以，对应的12位线性码为000000001111。采用13