第十章　第54课时　专题强化：测电阻的其他几种方法.pptx

;;内容索引;?;?;(2024·新课标卷·23)学生实验小组要测量量程为3V的电压表V的内阻RV。可选用的器材有：多用电表，电源E(电动势5V)，电压表V1(量程5V，内阻约3kΩ)，定值电阻R0(阻值为800Ω)，滑动变阻器R1(最大阻值50Ω)，滑动变阻器R2(最大阻值5kΩ)，开关S，导线若干。

完成下列填空：

(1)利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应(把下列实验步骤前的字母按正确操作顺序排列)。

A.将红、黑表笔短接

B.调节欧姆调零旋钮，使指针指向零欧姆

C.将多用电表选择开关置于电阻挡“×10”位置;再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的(填“正极、负极”或“负极、正极”)相连，电阻表的指针位置如图(a)中虚线Ⅰ所示。为了减少测量误差，应将选择开关旋转到电阻挡(填“×1”“×100”或“×1k”)位置，重新调节后，测量得到指针;;;(2)为了提高测量精度，他们设计了如图(b)所示的电路，其中滑动变阻器应选(填“R1”或“R2”)，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于_____(填“a”或“b”)端。;(3)闭合开关S，滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表V1、待测电压表的示数分别为U1、U，则待

测电压表内阻RV＝(用U1、U和R0表示)。;(4)测量得到U1＝4.20V，U＝2.78V，则待测电压表内阻RV＝kΩ(结果保留3位有效数字)。;已知铝的电阻率ρ在20℃时约为2.9×10－8Ω·m，一般家用照明电路采用横截面积为4mm2的铝线即可满足要求。现有一捆带绝缘层的铝导线，长度为L＝200m，小明根据所学的知识，通过实验测量导线的电阻。实验步骤如下：;(2)小明先用理论知识求出铝导线的电阻

的表达式，R2＝(用ρ、d、L表示)；;(3)用如图乙所示的电路测这一捆铝导线的电阻R2。提供的器材有：电池组(电动势为3V)，滑动变阻器R1(0~20Ω，额定电流2A)、定值电阻R0(阻值为6Ω，额定电流2A)、两个相同电流表A1和A2(内阻为0.3Ω，刻度清晰但没有刻度值，;;替代法;(2021·浙江6月选考·18)小李在实验室测量一电阻R的阻值。

(1)因电表内阻未知，用如图甲所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适???置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1＝1.65V，电流表的示数如图乙所示，其读数I1＝A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2＝1.75V，I2＝0.33A。由此可知应采用电流表(填“内”或“外”)接法。;;(2)完成上述实验后，小李进一步尝试用其他方法进行实验：

①器材与连线如图丙所示，请在虚线框中画出对应的电路图；;;②先将单刀双掷开关掷到左边，记录电流表读数，再将单刀双掷开关挪到右边，调节电阻箱的阻值，使电流表的读数与前一次尽量相同，电阻箱的示数如图所示。则待测电阻Rx＝Ω。此方法(填“有”或“无”)明显的实验误差，其理由是_______________________________

。;;半偏法;(3)误差分析

①测量值偏小：RA测＝R2RA真。

②原因分析：当闭合S2时，总电阻减小，实际总电流

增大，大于原电流表的满偏电流，而此时电流表半偏，所以流经R2的电流比电流表所在支路的电流大，R2的电阻比电流表的内阻小，而我们把R2的读数当成电流表的内阻，故测得的电流表的内阻偏小。

③减小误差的方法：选电动势较大的电源E，选阻值非常大的滑动变阻器R1，满足R1?RA。;?;?;(2023·海南卷·15)用如图所示的电路测量一个量程为100μA，内阻约;(2)根据电路图，请把实物连线补充完整；;;(3)下列操作顺序合理排列是；

①将变阻器滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；

②闭合开关S2，调节RM，使微安表半偏，并读出RM阻值；;;(4)如图是RM调节后面板，则待测表头的内阻为，该测量值

_______(填“大于”“小于”或“等于”)真实值；;;(5)将该微安表改装成量程为2V的电压表后，某次测量指针指在图示位置，则待测电压为V(保留3位有效数字)；;(6)某次半偏法测量表头内阻的实验中，S2断开，电表满偏时读出RN值，在滑动头P不变，S2闭合后调节电阻箱RM，使电表半偏时读出RM，若

认为OP间电压不变，则微安表内阻为________

(用RM、RN表示)。;电桥法;(2023·湖南卷·12)某探究小组利用半导体薄膜压力