2018届高考物理二轮复习选择题押题练五电场必考点.doc

关注微信公众号：高中学习帮，获得更多高考押题卷，高考资料群：456808451 PAGE PAGE 1 选择题押题练(五)　电　场(必考点) 1．[多选]如图所示为一带正电的点电荷和两个相同的带负电的点电荷附近的电场线分布情况，M点是两负电荷连线的中点，M、N点在同一水平线上且到正电荷的距离相等，下列说法正确的是(　　) A．E点的电场强度比F点的大 B．E点的电势比F点的高 C．同一正电荷在M点受的电场力比N点的大 D．将正电荷从M点移到N点，电势能增大 解析：选ACD　由题图看出，E点处电场线比F点处电场线密，则E点的场强大于F点的场强，选项A正确；电场线从正电荷到负电荷，沿着电场线电势降低，所以F点的电势比E点的高，选项B错误；负电荷在M点的合场强为零，M点只有正电荷产生的电场强度，在N点正电荷产生的场强水平向右，两个负电荷产生的场强水平向左，合场强是它们的差值，所以M点的电场强度比N点的大，同一正电荷在M点受的电场力比在N点的大，所以C正确；正电荷到M点的平均场强大于正电荷到N点的平均场强，根据U＝Ed可知，正电荷到M点电势降低的多，所以M点的电势比N点的低，将正电荷从M点移到N点，电势能增大，选项D正确。 2．[多选]如图甲所示，直线MN表示某电场线，a、b是电场线上的两点，将一带负电的粒子从a点由静止释放，粒子从a运动到b的过程中的v-x图像如图乙所示，设a、b两点的电势分别为φa和φb，场强的大小分别为Ea和Eb，粒子在a、b两点的电势能分别为Wa和Wb，则(　　) A．φa＞φb B．Ea＞Eb C．Ea＜Eb D．Wa＞Wb 解析：选CD　由题图乙可知，带电粒子在从a点向b点运动的过程中，做加速直线运动，即带电粒子所受电场力方向由a点指向b点，又由于带电粒子带负电，因此电场强度方向由b点指向a点，根据“沿着电场方向电势逐渐降低”，可知φa＜φb，故选项A错误；粒子运动的动能增加，根据能量守恒定律可知，其电势能减少，即Wa＞Wb，故选项D正确；在v-x图像中，其斜率为：k＝eq \f(Δv,Δx)＝eq \f(Δv,Δt)·eq \f(Δt,Δx)＝eq \f(a,v)，由题图乙可知，图像的斜率k逐渐增大，由于v又逐渐增大，因此粒子运动的加速度a逐渐增大，且比v增大得快，根据牛顿第二定律可知，粒子所受合外力逐渐增大，由F＝qE可知，Ea＜Eb，故选项B错误，选项C正确。 3．如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，质量为m、电荷量为 －q的带电粒子，以初速度v0由M板中间的小孔垂直金属板进入电场中，不计粒子重力。当M、N间电压为U时，带电粒子恰好能够到达M、N两板间距的一半处返回，现将两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v0，要使这个粒子刚好能够到达N板，则两板间的电压应变为(　　) A.eq \f(U,2) B．U C．2U D．4U 解析：选C　设M、N板的中间为P点，电粒子恰好能够到达P点时，则粒子在P点速度为0，该过程中只有电场力做负功，UMN＝Ed＝U；UMP＝Eeq \f(d,2)＝eq \f(U,2)，根据动能定理得：－eq \f(1,2)Uq＝0－eq \f(1,2)mv02； 两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v0时， 粒子刚好能够到达N板，此时速度为0，设此时两板间的电压为U′， 根据动能定理：－U′q＝0－eq \f(1,2)m(2v0)2， 两个等式左边相除等于右边相除，约分化简得： eq \f(U,U′)＝eq \f(1,2)，故U′＝2U，故C正确。 4．如图所示的装置可以通过静电计指针偏转角度的变化，检测电容器电容的变化来检测导电液体是增多还是减少的仪器原理图。图中芯柱、导电液体、绝缘管组成一个电容器，电源通过电极A、电极B给电容器充电，充电完毕移去电源，由此可以判断(　　) A．静电计指针偏角变小，说明电容器两板间电压增大 B．静电计指针偏角变小，说明导电液体增多 C．静电计指针偏角变大，说明电容器电容增大 D．静电计指针偏角变大，导电液体液面升高 解析：选B　静电计指针偏角变小，说明电容器两板间电压减小，选项A错误；静电计指针偏角变小，根据C＝eq \f(Q,U)可知，电容器电容增大，因C＝eq \f(εrS,4πkd)，所以S增大，液面升高，导电液体增多，选项B正确；静电计指针偏角变大，说明电容器两板间电压增大，根据C＝eq \f(Q,U)可知，电容器电容减小，因C＝eq \f(εrS,4πkd)，所以S减小，液面降低，导电液体减少，选项C、D错误。 5．[多选]空间中存在水平向左的匀强电场，一带正电小球在电场中某点以初速度大小v0水平向右抛出，小球落到水平地面时速度大小为v0，已知小球受到的电场力大小等于重力大小，则下列说法正