一轮复习必修一第一单元细胞及其分子组成讲述.ppt

　　三、氨基酸数与相应DNA、RNA片段中碱基数的计算 　　基因表达中，DNA控制mRNA的合成，mRNA指导蛋白质的合成。DNA中碱基排列顺序转录为mRNA中碱基排列顺序，进而翻译为蛋白质中氨基酸的排列顺序。其数量关系图解如下： 　　由于mRNA中有终止密码子等原因，上述关系应理解为每合成1个氨基酸至少需要mRNA上的3个碱基和DNA(基因)上的6个碱基。 　　[例3]　氨基酸的平均相对分子质量为120，如有一个两条链的多肽，相对分子质量是12 276，合成这个多肽的氨基酸的数目和指导它合成的DNA分子脱氧核苷酸数目至少依次是 (　　) 　　A．144,864　　　　　 B．144,432 　　C．120,720 D．120,360 　　[解析]　多肽的相对分子质量＝氨基酸的数目×氨基酸平均相对分子质量－(氨基酸的数目－肽链条数)×18，把相应数字代入上式可得：氨基酸的数目＝120，再根据基因控制蛋白质合成过程中：DNA分子中脱氧核苷酸数∶相应mRNA分子核糖核苷酸数∶指导合成的蛋白质上氨基酸数＝6∶3∶1，可知DNA分子中脱氧核苷酸数目＝6×120＝720。 　　[答案]　C 1．已知天冬酰胺的R基为—C2H4ON，现有分子式为 C63H103O18N17S2的多肽，其中含有2个天冬酰胺。在上述多肽中最多有肽键 (　　) A．17个 B．16个 C．15个 D．14个 解析：多肽C63H103O18N17S2中有17个N，因含有两个天冬酰胺(R基为—C2H4ON)，故该多肽由15个氨基酸脱水缩合而成，形成的肽键数目为14。 答案：D　 2．某条多肽的相对分子质量为2 778，若氨基酸的平均相 对分子质量为110，如考虑终止密码子，则编码该多肽的基因长度至少是 　(　　) A．75对碱基　　　 B．78对碱基 C．90对碱基 D．93对碱基 解析：设多肽是由m个氨基酸构成的，蛋白质的相对分子质量＝110m－18(m－1)＝2 778，则m等于30。那么控制该多肽的密码子有31个(终止密码子不编码氨基酸)，则控制该多肽合成的基因至少有93对碱基。 答案：D　 3．(2013·济南模拟)某多肽的分子式为C42H65N11O9， 它彻底水解后只得到以下3种氨基酸，则此多肽中含有的赖氨酸个数为 　　(　　) A．2个 B．3个 C．5个 D．8个 解析：假设甘氨酸、苯丙氨酸和赖氨酸的数目分别为a、b、c。由于这三种氨基酸都只含有一个羧基，该多肽的氧原子数＝肽键中的氧原子数＋游离的羧基中的氧原子数，即9＝肽键中的氧原子数＋2。因此，该多肽含有7个肽键，8个氨基酸，即a＋b＋c＝8。根据该多肽含有的氮原子数分析，可得a＋b＋2c＝11，可求出c＝3。 答案：B 4．现有氨基酸100个，其中氨基总数为102个，羧基总数 为101个，则由这些氨基酸合成的含有2条肽链的蛋白质中，含有氧原子的数目是 　(　　) A．101 B．102 C．103 D．104 解析：这个蛋白质分子中有98个肽键(每个肽键含有1个氧原子)，3个羧基(每个羧基含有2个氧原子)，故多肽中氧原子数目为98×1＋3×2＝104个。 答案：D　 5．(2013·江西四市联考)经测定，某多肽链分子式是 C21HxOyN4S2(—SH＋—SH→—S—S—＋2H)，其中含有一个二硫键(—S—S—)。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸(C9H11O2N)、天冬氨酸(C4H7O4N)、丙氨酸(C3H7O2N)、亮氨酸(C6H13O2N)、半胱氨酸(C3H7O2NS)。下列有关该多肽的叙述，正确的是　(　　) A．该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、天冬氨 酸、丙氨酸和亮氨酸 B．该多肽中H原子数和O原子数分别是32和5 C．该多肽形成过程中至少需要4种tRNA D．该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少 了56 解析：根据该多肽链中N的数目＝氨基端(1个)＋肽键中的N＋R基中的N(五种氨基酸中都没有)可推出，肽键中的N为3个，该多肽链由4个氨基酸组成；半胱氨酸、天冬氨酸、丙氨酸和亮氨酸的碳元素之和为3＋4＋3＋6＝16，与题目中该多肽链的分子式不符。根据该多肽链中碳元素和硫元素的数目，可确定组成该多肽链的氨基酸应该为一个苯丙氨酸(C9H11O2N)、一个亮氨酸(C6H13O2N)、两个半胱氨酸(C3H7O2NS)；该多肽中H原子数为11＋7＋13＋7－3×2－2＝30，O原子数为2＋2＋2＋2－3×1＝5。该多肽由3种氨基酸组成，其形成过程中至少需要3种tRNA。该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少18×3(形成肽键时脱水)＋2(形成一个