大气污染控制工程第二版-郝吉明-第7章-答案.pdf

作业习题解答 第七章 气态污染物控制技术基础 7.1 5 －5 7.1 77..11解：由亨利定律P*=Ex，500×2%=1.88×10 x，x=5.32×10 。 由y*=mx，m=y*/x=0.02/5.32×10－5=376。 －5 3 因x=5.32×10 很小，故CCO2=2.96mol/m 。 C 2.96 −4 3 H = * = 3 = 2.96 ×10 mol/( m ⋅ Pa) P 500 × 2% ×10 100g 与气体平衡的水中约含44×100×5.32×10－5/18=0.013g。 7.2 7.2 77..22 解： 4 在1atm 下O 在空气中含量约0.21。0.21=4.01×10 x 2 解得O 在水中摩尔分数为x=5.24×10－6。 2 7.3 7.3 77..33 解： 》 5 20 C 时H S E=0.489×10 kPa，分压20atm×0.1%=2.03kPa。 2 －5 3 P*=Ex，x=P*/E=4.15×10 ，故C*H2S=2.31mol/m 。 3 －3 3 3 H=C/P*=2.3/（2.03×10 ）=1.14×10 mol/（m .Pa）=115mol/（m .atm） 1 H 1 115 1 −1 由 = + = + = 0.542, K =1.85h 。 K k k 216 108 Al Al g l * 3 N = K (C −C ) = 1.85× 2.31 = 4.3mol/( m ⋅ h) 。 A Al H2 S H2S 7.4 7.4 77..44 解： G =5000×0.95=4750m3 /h。 B N (5000 − 4750) −3 Y =0.053，Y = ×5% = 2.63 ×10 ； 1 2 4750 L Y −Y 0.053 − 0.00263 ( S )min = 1 2 = = 25.4。 G X − 0 0.053/ 26.7 B max 5 3 因此用水量L =25.4G ×1.5=1.81×10 m /h。 s B N 由图解法可解得传质